NYOJ 492 King (状态压缩)

做题感悟：做完这题发现状态压缩有许多需要优化的地方。

解题思路：状态压缩

开始自己用的一般的思路，就和炮兵阵地，郑厂长等题类似的方法做的，开始超时，然后把数组开到了最小的极限就险过。然后看了别人的代码感觉需要优化（注意）的地方太多了。

首先我们这题可以预处理出来上下两行对应的合法状态，这样我们就确定下来上下两行对应的状态了，这是第一步的优化 。因为当前行只与上一行有关（这里只考虑当前行对上一行的影响就可以），我们可以把 dp 第一维开成 2 的就可以了，这是第二步的优化，虽然这步作用有点小。最后 ，我们还可以抛弃一些不合法的输入 ，假如是 n * n 的棋盘，一行最多可以防止（n+1）/ 2 个，然后 n 行最多可以放置 ( n + 1 ) / 2 * ( n + 1 ) / 2 个。 为什么是 ( n + 1 ) / 2 行放置呢 ？ 因为每个格子攻击相邻的八个格子，不要用n / 2 ,因为如果 奇数行的话就少算了一行。

这题也可以用DFS递推和铺方格差不多，这样也相当于预处理出上下两行对应的状态。

代码：

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using namespace std ;

#define INT long long int

#define L(x) (x * 2)

#define R(x) (x * 2 + 1)

const int INF = 0x3f3f3f3f ;

const double esp = 0.0000000001 ;

const double PI = acos(-1.0) ;

const int mod = 1e9 + 7 ;

const int MY = 1400 + 5 ;

const int MX = 150 ;

int n ,m ,num ,top ;

INT dp[2][MX][101] ;

int key[MX] ,h[MX] ;

struct node

{

int x ,y ,c ;

}P[MY] ;

void init() // 预处理合法状态

{

for(int S = 0 ;S < (1<

if(!(S&(S>>1)) && !(S&(S<<1)))

{

int nx = 0 ;

for(int i = 0 ;i < n ; ++i)

if(S&(1<

nx++ ;

key[num] = S ;

h[num++] = nx ;

}

}

int main()

{

while(~scanf("%d%d" ,&n ,&m))

{

if(((n+1)/2)*((n+1)/2) < m) // 抛弃不合法的状态

{

puts("0") ;

continue ;

}

num = 0 ; top = 0 ;

init() ; // 预处理合法状态

for(int i = 0 ;i < num ; ++i) // 预处理上下两行对应的合法状态

for(int j = 0 ;j < num ; ++j)

if(!(key[i]&(key[j]>>1)) && !(key[i]&(key[j]<<1)) && !(key[i]&key[j]))

{

P[top].x = i ;

P[top].y = j ;

P[top++].c = h[j] ;

}

memset(dp[0] ,0 ,sizeof(dp[0])) ;

dp[0][0][0] = 1 ;

for(int i = 1 ;i <= n ; ++i)

{

memset(dp[i&1] ,0 ,sizeof(dp[i&1])) ;

for(int j = 0 ;j < top ; ++j) // 上一行的合法状态

for(int t = 0 ;t <= m ; ++t) // 安放的个数

if(t + P[j].c <= m) // 个数限制

dp[i&1][P[j].y][t+P[j].c] += dp[(i+1)&1][P[j].x][t] ;

}

INT ans = 0 ;

for(int i = 0 ;i < num ; ++i)

ans += dp[n&1][i][m] ;

printf("%lld\n" ,ans) ;

}

return 0 ;

}

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